C2 fjerner vekselstrømskomponenten over LED'en og forhindrer, at LED'en lyser, når antennen matches til 50 ohm. Du siger, at kredsløbet fungerer alligevel - sandsynligvis på QRP-niveauer er det ikke lyst nok til at se. Jeg vedder på, at hvis du prøver det i et mørkt rum eller med en sender med højere effekt, vil du se det.

Overvej alligevel, hvordan dette kredsløb fungerer. Her er en forenklet version, der gør antenneimpedansen mere eksplicit og mangler enhver form for synlig indikator:

^{simuler dette kredsløb - Skematisk oprettet ved hjælp af CircuitLab}

Dette er en Wheatstone-bro. V1 er din sender, og antennen er modstanden af ​​ukendt værdi ($ R_ {ant} $).

Tænk på det på denne måde: $ R_1 $ og $ R_3 $ danner en spændingsdeler, og $ R_2 $ og $ R_ {ant} $ danner en anden.

D1, C1 og R5 udgør en spidsdetektor. Hvis $ R_ {ant} < R_3 $, så på den positive cyklus af V1 er spændingen ved A større end spændingen ved B, og C1 oplades gennem D1 til spidsforskellen.

Hvis $ R_ {ant} > R_3 $, så på den negative cyklus af V1 er spændingen ved B mere negativ end ved A, og igen oplades C1 gennem D1.

Men hvis $ R_ {ant} = R_3 $ (50Ω, vores målimpedans), så er der ingen spænding mellem A og B, og så D1 kan aldrig forspændes fremad, og så kan C1 ikke have nogen spænding over det, bortset fra en lille vekselstrømskomponent via R5. tidskonstanten for C1 og R5 udgør et filter med en afskæringsfrekvens på

$$ f_c = \ frac {1} {2 \ pi RC} = \ frac {1} {2 \ pi (10 \: \ mathrm k \ Omega) (10 \: \ mathrm {nF})} \ ca. 1600 \: \ mathrm {kHz} $$

Dette er så lavt langt under frekvensen af ​​V1, som vi kan betragte vekselstrømskomponenten i spændingen over C1 som nul. I stedet vises det på tværs af R5.

Så se tilbage på dit kredsløb med LED'en. Den er forbundet over R5, som har en vis RF-spænding hele tiden. Når C1 oplades, fordi antennen ikke er 50Ω, er der desuden en DC-komponent, og det er virkelig denne DC-komponent, som vi er interesseret i. Husk, en kondensator ligner en lav impedans ved højere frekvenser, så ved at tilføje C2, du skifter effektivt enhver RF-strøm omkring LED'en, så LED'en kun ser DC-komponenten.

En alternativ løsning på dette problem er at forbinde LED-en på tværs af C1, som denne:

^{simuler dette kredsløb}

Hvorfor gider du med to dioder, når du allerede har en? En LED udgør ikke en god RF-ensretter, men jeg vedder på, at den fungerer godt nok hos HF i denne applikation. Faktisk, med et mindre diode spændingsfald, ved jeg, at det er endnu mere følsomt. Vi har ikke rigtig brug for kondensatoren, da en LED, der flimrer ved 14 MHz, ser lige ud:

^{simuler dette kredsløb}

Juster værdien af ​​R4 for at få den rigtige LED-lysstyrke til din sendereffekt.

Man kan spørge, hvorfor AA5TB's design er, som det er, og jeg er gætte det er fordi det var sådan en anden gjorde det, og designet blev bare kopieret med mindre ændringer. R4 og R5 plejede sammen at være et potentiometer. Arrangementet for at tilslutte LED til jord i stedet for punkt B (kræver således C2) er sandsynligvis fordi LED tidligere var en meter. Hvis du har en måler med et metalhus, og du bygger dette i en metalkasse, kan det være lettere at forbinde måleren til jorden end at isolere den fra kabinettet. Med en LED har du ingen sådanne begrænsninger.

De faktiske værdier for R4 og R5 er ikke vigtige; hvad der er vigtigt er deres forhold, da de i denne konfiguration fungerer som en spændingsdeler. Hvis du har en ret god idé om, hvad den "korrekte" tuning til din sender skal være, så prøv dette: udskift enten R4 eller R5 med en variabel modstand eller et potentiometer. Juster potentiometeret for maksimal spænding over LED'en, når din sender er korrekt indstillet, og minimumspænding over LED'en, når den er dårligt indstillet eller ikke passer.

Kondensator C2 er ikke nødvendig og kan udelades. C2 har en "dæmper" -effekt på lysdioden; det bremser spændingens stigning og fald over dioden. Dette gør to ting: det beskytter lysdioden mod store transiente spændinger og holder lysdioden tændt i længere tid, efter at spændingen er faldet til nul (f.eks. Mellem CW-symboler). C2 interagerer dog ikke med resten af ​​kredsløbet, så tilføjelse af det vil sandsynligvis ikke løse det problem, du har.